Enunciado

O método de aproximações sucessivas (veja a Secção 2.8) também pode ser aplicado a sistemas de equações. Por exemplo, considere o problema de valor inicial

X ' = A x ,         x 0 =   x 0

Onde A é uma matriz constante e x 0 um vetor dado.

a) Suponha que existe uma solução X = ∅ t e mostre que ela tem que satisfazer a equação integral.

∫ ∅ t = x 0 +   ∫ 0 t A ∅ s d s       ( i i )

b) Comece com a aproximação inicial ∅ 0 t = x 0 . Substitua ∅ s no lado direito da equação (ii)por exemplo pressão e obtenha uma nova aproximação ∅ 1 t . Mostre que

∅ 1 t = ( I + A t ) x 0

c) Repita esse processo obtendo, assim. uma sequência de aproximações ∅ 1 , ∅ 2 , ∅ 3 , ∅ 4 … . ∅ n   Use um argumento indutivo para mostrar que:

∅ n t =   I + A t + A 2 t 2 2 ! + … A n t n n ! x 0

d) Faça n → 0 e mostre que a solução de valor inicial (i) é :

∅ t = e x p ⁡ ( A t ) x 0

Passo 1

Saudações galerinha! Tudo bem?

Vamos juntos resolver mais um exercício?

Todos afiados em propriedades de sistemas matriciais?

Bora lá começar então!

Primeiramente vamos definir que   x = ∅ t é solução do nosso problema, sendo ∅ ' = A ∅

Tendo como condição inicial   x 0 = ∅ 0 .

Agora vamos integrar os dois lados da equação (i) para obter:

∅ t = x 0 ∫ 0 t A ∅ s d s  

Passo 2

Nesse item vamos realizar mais uma demonstração. Tranquilo!

Inicialmente vamos continuar integrando.

∅ t = x 0 ∫ 0 t A ∅ s d s  

∅ ( i + 1 ) t = x 0 ∫ 0 t A ∅ i s d s  

Com ∅ ( 0 ) t = x 0 , e notando que A é uma matriz constante:

∅ ( 1 ) t = x 0 ∫ 0 t A x 0 d s   = A x 0 t + x 0  

Ou seja:

∅ 1 t = ( I + A t ) x 0

Passo 3

Nesse item vamos realizar mais uma demonstração. Tranquilo!

Escrevendo o segundo termo da sequência e realizando a integração da expressão do item anterior:

∅ ( 2 ) t = x 0 ∫ 0 t A ( I + A t ) x 0 d s   = A x 0 t + x 0 + A x 0 t 2 2 = (   I + A t + A 2 t 2 2 ) x 0

Agora suponha que:

∅ ( n ) t = (   I + A t + A 2 t 2 2 + … A n t n n ! ) x 0

Integrando:

∫ 0 t (   I + A t + A 2 t 2 2 + … A n t n n ! ) x 0 d s

A (   I t + A t 2 2 + A 2 t 3 3 + … + A n t n + 1 ( n + 1 ) ! ) x 0

Portanto:

∅ ( n + 1 ) t = (   I + A t + A 2 t 2 2 + … A n + 1 t n + 1 ( n + 1 ) ! ) x 0

Por indução, a forma afirmada de ∅ ( n ) ( t ) é válida para todo n   ≥   0   .

Até aí, tranquilo?

Passo 4

Primeiramente vamos definir que   ∅ ∞ t = l i m n → ∞ ∅ n ( t )

Podemos mostrar que o limite existe, sabendo que:

∅ ∞ t = e A t x 0

Vamos derivar termo a termo da expressão do item anterior que vai resulta em:

d d t ∅ ∞ t = d d t (   I + A t + A 2 t 2 2 + … A n + 1 t n + 1 ( n + 1 ) ! ) x 0

(   I + A ² t + … + A n t n - 1 ( n - 1 ) ! ) x 0

Logo:

d d t ∅ ∞ t = A ∅ ∞ t

Além disso:

∅ ∞ 0 = x 0

Definido que ∅ ∞ t = ∅ ( t )

Seja a única solução do problema.

Ufa, essa foi longa!

Te vejo na próxima questão!

Resposta

Ei, a resposta está no passo a passo :)