Integrais Impróprias – Funções com Descontinuidade

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Teoria

Integrandos Descontínuos

Agora vamos ver mais um tipo de integral imprópria, que acontece quando a função que estamos integrando é descontínua.

Se f ( x ) é contínua em [ a , b ) e possui uma descontinuidade infinita em b :

∫ a b f ( x ) d x = lim t → b - ⁡ ∫ a t f ( x ) d x

Se f ( x ) é contínua em ( a , b ] e possui uma descontinuidade infinita em a :

∫ a b f ( x ) d x = lim t → a + ⁡ ∫ t b f ( x ) d x

Se f ( x ) tem uma descontinuidade infinita em c no meio do intervalo [ a , b ] e as integrais ∫ a c f ( x ) d x e ∫ c b f ( x ) d x forem convergentes, ou seja, derem como resultado um número, então:

∫ a b f ( x ) d x = ∫ a c f ( x ) d x + ∫ c b f ( x ) d x = lim t → c - ⁡ ∫ a t f ( x ) d x + lim t → c + ⁡ ∫ t b f ( x ) d x

Os problemas de integrais impróprias com integrandos descontínuos podem parecer problemas de integrais definidas a princípio. Por isso, o primeiro passo é identificar se f ( x ) tem uma descontinuidade infinita no intervalo [ a , b ] .

Aí eu resolvo a integral, uso o Teorema Fundamental do Cálculo e calculo o limite. Olha só um exemplo camarada aqui:

∫ 0 2 1 x - 1 2 3 d x

O denominador se anula em x = 1 , então esse é um ponto de descontinuidade. E temos:

lim x → 1 ⁡ 1 x - 1 2 3 = + ∞

Observação: Por causa do expoente 2, o denominador sempre tende a zero por valores positivos. Consegue perceber?

Essa descontinuidade infinita ocorre entre os limites de integração dados, 0 e 2 .

Então vamos dividir o intervalo de integração em dois, assim ó:

∫ 0 2 1 x - 1 2 3 d x = ∫ 0 1 1 x - 1 2 3 d x + ∫ 1 2 1 x - 1 2 3 d x

Mas se eu colocar x = 1 ali direto vai dar ruim, por causa da descontinuidade. O que eu quero é o limite quando x é muito próximo de 1 , pela direita e pela esquerda. Deu pra acompanhar? Vamos fazer

lim t → 1 - ⁡ ∫ 0 t 1 x - 1 2 3 d x + l i m r → 1 + ∫ r 2 1 x - 1 2 3 d x

A integral indefinida é

∫ 1 x - 1 2 3 d x = 3 x - 1 3 + C

Utilizando o Teorema Fundamental do Cálculo e aplicando os limites:

∫ 0 t 1 x - 1 2 3 d x =   3 t - 1 3 - 3 0 - 1 3 =   3 t - 1 3 - 3 - 1 3

⇒ lim t → 1 - ⁡ ∫ 0 t 1 x - 1 2 3 d x = l i m t → 1 -   3 t - 1 3 - 3 - 1 3 = 0 + 3 = 3

A outra integral vai ser bem parecida:

∫ r 2 1 x - 1 2 3 d x = 3 2 - 1 3 - 3 r - 1 3 =   3 1 3 - 3 r - 1 3

⇒ l i m r → 1 + ∫ r 2 1 x - 1 2 3 d x = l i m r → 1 + 3 1 3 - 3 r - 1 3 = 3 - 0 = 3

Juntando as duas:

lim t → 1 - ⁡ ∫ 0 t 1 x - 1 2 3 d x + l i m r → 1 + ∫ r 2 1 x - 1 2 3 d x = 6

Como os dois limites existem, essa integral imprópria é convergente e podemos escrever:

∫ 0 2 1 x - 1 2 3 d x = 6

Deu pra pegar a ideia? Então agora é mão na massa!

Exercícios Resolvidos

Exercício Resolvido #1

Calcule a integral:

∫ 1 2 x x 2 - 1 d x

Passo 1

Nesse tipo de questão, temos que estar muito atentos, porque às vezes passa despercebido que aquela função ali dentro da integral tem uma descontinuidade infinita em x = 1 .

lim x → 1 ⁡ x x 2 - 1 → 1 1 2 - 1 = 1 0 → ∞

Portanto, esse é um daqueles casos de integral imprópria porque o integrando tem uma descontinuidade infinita no intervalo de integração dado. Repara que, nesse caso, a descontinuidade está em x = 1 , que é a extremidade do intervalo [ 1,2 ] .

Passo 2

No caso em que a descontinuidade está no limite inferior de integração, substituímos esse limite por r e calculamos o limite quando r tende a esse valor pela direita:

∫ 1 2 x x 2 - 1 d x = lim r → 1 + ⁡ ∫ r 2 x x 2 - 1 d x

Para resolver, achamos a integral indefinida e depois substituímos os limites de integração pelo Teorema Fundamental do Cálculo:

∫ x x 2 - 1 d x

Nesse caso, essa integral sai poruma substituição simples:

u = x 2 - 1 →   d u = 2 x   d x  

      x   d x = d u 2

Substituindo na expressão, vamos ter:

∫ d u 2 u = 1 2   ∫ u - 1 2 d u = 1 2 u - 1 2 + 1 - 1 2 + 1 + C

u + C

Voltando para x :

∫ x x 2 - 1 d x = x 2 - 1 + C  

Passo 3

Utilizando o Teorema Fundamental do Cálculo:

∫ r 2 x x 2 - 1 d x =   2 2 - 1 -   r 2 - 1 = 3 -   r 2 - 1

Voltando ao limite da integral imprópria:

lim r → 1 + ⁡ ∫ r 2 x x 2 - 1 d x = l i m r → 1 + 3 -   r 2 - 1 = 3 - 0 = 3

Como o limite existe, a integral é convergente.

Resposta

∫ 1 2 x x 2 - 1 d x = 3

Exercício Resolvido #2

Calcule as integrais abaixo.

∫ 0 1 ln ⁡ x 2 d x

Passo 1

O enunciado nos pede para calcular uma integral definida. Nesse tipo de questão, tem que ter muita atenção, porque é fácil não perceber que aquela questão tem uma descontinuidade.Dá vontade de resolver direto.

Mas quando a função tem uma descontinuidade infinita no intervalo de integração dado, já sabemos que não podemos fazer isso, porque em algum momento estaríamos substituindo um valor naquela função em que ela não é contínua. Saca?

Fique muito atento. Porque essas integrais, de fato, se camuflam facilmente e passam como integrais definidas. Não se deixe enganar, porque se você resolver como integral definida, vai estar conceitualmente errado! Pode ser que, se os planetas se alinharem, o resultado até dê igual, mas o professor provavelmente ainda vai te dar errado, porque você partiu de um conceito errado!

Repara bem: temos uma função ln ⁡ x . Quando x = 0 , ln ⁡ x tende para - ∞ e ln 2 ⁡ x tende para ∞ .

lim x → 0 ⁡ ln ⁡ x 2 = + ∞

Ou seja, não se trata de uma integral definida simples, e sim, uma integral imprópria! O integrando tem uma descontinuidade infinita no intervalo de integração dado. Repara que, nesse caso, a descontinuidade está em x = 0 , que é a extremidade do intervalo [ 0,1 ] .

- ''

Passo 2

No caso em que a descontinuidade está no limite inferior de integração, substituímos esse limite por r e calculamos o limite quando r tende a esse valor pela esquerda:

∫ 0 1 ln ⁡ x 2 d x = lim r → 0 + ⁡ ∫ r 1 ln ⁡ x 2 d x

Para resolver, achamos a integral indefinida e depois substituímos os limites de integração pelo Teorema Fundamental do Cálculo:

∫ ln ⁡ x 2 d x

Como se trata da integral de uma função logarítmica ln ⁡ x 2 vezes uma função polinomial x 0 d x . Vamos tentar o método de integração por partes para achar a primitiva?

u = ln ⁡ x 2 → d u = 2 ln ⁡ x . 1 x d x

d v = d x → v = x

∫ u d v = u v - ∫ v d u

∫ ln ⁡ x 2 d x = x . ln ⁡ x 2 - 2 ∫ ln ⁡ x d x

Vamos calcular a nova integral ∫ ln ⁡ x d x por partes de novo:

u = ln ⁡ x → d u = 1 x d x

d v = d x → v = x

Aplicando:

= x . ln ⁡ x 2 - 2 x ln ⁡ x + 2 ∫ d x

= x . ln ⁡ x 2 - 2 x ln ⁡ x + 2 x

Passo 3

Utilizando o Teorema Fundamental do Cálculo:

∫ r 1 ln ⁡ x 2 d x = ( 1 . ln ⁡ 1 2 - 2.1 ln ⁡ 1 + 2.1 ) - ( r . ln ⁡ r 2 - 2 r ln ⁡ r + 2 r )  

∫ r 1 ln ⁡ x 2 d x = 2 -   r . ln ⁡ r 2 + 2 r ln ⁡ r - 2 r

Voltando ao limite da integral imprópria:

lim r → 0 + ⁡ ∫ r 1 ln ⁡ x 2 d x = l i m r → 0 + 2 -   r . ln ⁡ r 2 + 2 r ln ⁡ r - 2 r

Vamos calcular os limites separadamente:

= 2 - lim r → 0 + ⁡ r   l n 2 r + 2 lim r → 0 + ⁡ r ln ⁡ r - 2 lim r → 0 + ⁡ r

Observe que nos dois primeiros limites que aparecem, eu teria uma indeterminação do tipo 0. ( ± ∞ ) :

lim r → 0 + ⁡ r   l n 2 r = 0 .   ∞

lim r → 0 + ⁡ r . ln ⁡ r = 0 . - ∞

Então o que fazemos? Temos que lembrar daqueles artificiozinhos que aprendemos lá em limites. Manipulamos a expressão de forma a chegar em uma indeterminação do tipo 0 0 ou ∞ ∞ e poder utilizar L’Hospital para poder aplicar o limite. Assim:

lim r → 0 + ⁡ ln ⁡ r 1 r = - ∞ ∞

lim r → 0 + ⁡ l n 2 r 1 r = ∞ ∞

Tendo indeterminações desse tipo, nós podemos, então, aplicar o nosso amadíssmo L’Hospital (é, parece que você nunca se livra dele mesmo...)

lim r → 0 + ⁡ ln ⁡ r 1 r

Aplicando L’Hospital:

= lim r → 0 + ⁡ 1 r - 1 r 2 = 0

lim r → 0 + ⁡ ln 2 ⁡ r 1 r

Aplicando L’Hospital:

= lim r → 0 + ⁡ 2 ln ⁡ r . 1 r - 1 r 2 = - 2 lim r → 0 + ⁡ ln ⁡ r 1 r = 0

lim r → 0 + ⁡ r = 0

Finalmente:

2 - lim r → 0 + ⁡ r   l n 2 r + 2 lim r → 0 + ⁡ r ln ⁡ r - 2 lim r → 0 + ⁡ r = 2

Como o limite existe, a integral converge e podemos escrever:

∫ 0 1 ln ⁡ x 2 d x = 2

Resposta

∫ 0 1 ln ⁡ x 2 d x = 2

Exercício Resolvido #3

Determine se as integrais abaixo são divergentes ou convergentes e calcule o valor daquelas que forem convergentes:

b   ∫ 1 e d x x ln ⁡ x 3

Passo 1

Bom, aparentemente, temos uma integral definida para calcular. Você tem que ficar atento e ver se a função não tem uma descontinuidade infinita, porque, se tiver, então ela é imprópria e não pode ser calculada diretamente como uma integral definida.

Nesse problema mais especificamente, o enunciado já te dá a dica, porque ele não pede para você calcular a integral. Ele pede para você dizer se ela é convergente ou divergente. Então fica meio que na cara que essa integral aí é imprópria.

Observa que o x não pode ser 1 , senão ln ⁡ x = 0 e vai dar ruim. Claro que x também não poderia ser 0 . Mas se você observar, o intervalo de integração vai de 1 a e , ou seja, 0 não está dentro desse intervalo. Isso significa que você não precisa se preocupar com ele. Lembre-se que você tem que se preocupar com descontinuidades em pontos dentro do intervalo de integração, beleza?

Vamos calcular o limite da função quando x → 1 para garantir que a descontinuidade que ela tem nesse ponto é infinita?

lim x → 1 ⁡ 1 x ln ⁡ x 3 = - ∞

Ok. Tenho uma descontinuidade infinita em x = 1 . Então trata-se de um caso de integral imprópria com integrando descontínuo.

Nesse caso, a descontinuidade está em x = 1 , que é a extremidade do intervalo [ 1 , e ] .

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Passo 2

No caso em que a descontinuidade está no limite inferior de integração, substituímos esse limite por r e calculamos o limite quando r tende a esse valor pela direita:

∫ 1 e d x x ln ⁡ x 3 d x = lim r → 1 + ⁡ ∫ r e d x x ln ⁡ x 3 d x

Para resolver, achamos a integral indefinida e depois substituímos os limites de integração pelo Teorema Fundamental do Cálculo:

∫ d x x ln ⁡ x 3 d x

Para calcular essa integral indefinida, basta você lembrar que trata-se daqueles casos classiquinhos de substituição simples, em que eu tenho um ln ⁡ x   ali e um 1 x , que é derivada dele. Então aquele ln ⁡ x ali está pedindo para ser chamado de u , não é?

u = ln ⁡ x →   d u = 1 x   d x  

Substituindo na expressão, vamos ter:

∫ d u u 3 =   ∫ u - 1 3 d u = u - 1 3 + 1 - 1 3 + 1 + C

3 2 u 2 3 + C

Voltando para x :

∫ d x x ln ⁡ x 3 = 3 2 ( l n   x ) 2 3 + C

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Passo 3

Utilizando o Teorema Fundamental do Cálculo:

∫ r e d x x ln ⁡ x 3 =   3 2 ( l n   e ) 2 3 -   3 2 ( l n   r ) 2 3

Voltando ao limite da integral imprópria:

lim r → 1 + ⁡ ∫ r e d x x ln ⁡ x 3 = l i m r → 1 + 3 2 ( l n   e ) 2 3 -     3 2 ( l n   r ) 2 3

= 3 2

Logo, o limite existe e a integral é convergente!

∫ 1 e d x x ln ⁡ x 3 = 3 2

Resposta

∫ 1 e d x x ln ⁡ x 3 = 3 2   ,       c o n v e r g e n t e

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