Exercícios Resolvidos de Centro de Massa e Momento de Inércia

George B. Thomas e Weir Hass Giordano, Cálculo –Volume 2, 11ª ed. São Paulo: Pearson Education Brasil ltda., 2009, pp. 516-36.

Encontre o momento de inércia em relação ao eixo z de uma casca fina de densidade constante δ cortada do cone 4 x 2 + 4 y 2 - z 2 = 0 ,   z 0 , pelo cilindro circular x 2 + y 2 = 2 x

Passo 1

Para encontrar o momento de inércia devemos calcular:

I z = D ( x 2 + y 2 ) δ d S

Para resolver esta integral devemos saber o módulo do vetor normal à superfície e para isto vamos parametrizar ela.

Podemos usar a parametrização:

x = r s e n θ y = r c o s θ z = 2 r

Assim a superfície é parametrizada por,

φ r ,   θ = ( r s e n θ ,   r c o s θ ,   2 r )

MOSTRAR SOLUÇÃO COMPLETA

Passo 2

Encontrando o módulo do vetor normal,

N r ,   θ = φ r × φ θ

N ( r ,   θ ) =   i j k s e n θ c o s θ 2 r c o s θ r s e n θ 0

N r ,   θ = ( 2 r s e n θ ,   2 r c o s θ ,   - r )

N r ,   θ = 4 r 2 s e n 2 θ + 4 r 2 cos 2 θ + r 2

Usando a relação fundamental da trigonometria s e n 2 θ + cos 2 θ = 1 ,  

N r ,   θ = 5 r 2 = r 5

Passo 3

Agora vamos resolver a integral de superfície,

I z = D ( x 2 + y 2 ) δ d S

Como δ é constante:

I z = δ S ( r 2 s e n 2 θ + r 2 cos 2 θ ) r 5 d r d θ

I z = δ 5 S r 3 d r d θ

Queremos a parte da cônica que se encontra dentro do cilindro r = 2 s e n θ

I z = δ 5 - π / 2 π / 2 0 2 c o s θ r 3 d r d θ

I z = δ 5 - π / 2 π / 2 0 2 c o s θ r 3 d r d θ

I z = δ 5 - π / 2 π / 2 r 4 4 0 2 c o s θ d θ = δ 5 - π / 2 π / 2 1 4 16 cos 4 θ d θ = 4 δ 5 - π / 2 π / 2 cos 4 θ d θ  

Esta integral é difícil de resolver, vamos resolver ela no próximo passo e depois voltamos para terminar o exercício!

Passo 4

Para resolver esta integral, vamos utilizar a seguinte igualdade trigométrica:

c o s 2 θ = 2 cos 2 θ - 1 cos 2 θ = cos 2 θ + 1 2  

Assim, temos que:

cos 4 θ = cos 2 θ + 1 2 4   = cos 2 2 θ + 2 cos 2 θ + 1 4

Integrando,

- π / 2 π / 2 c o s 4 θ d θ = 1 4 - π / 2 π / 2 ( cos 2 2 θ + 2 cos 2 θ + 1 ) d θ

Mas,

cos 2 2 θ = cos 4 θ + 1 2

Substituindo,

- π / 2 π / 2 c o s 4 θ d θ = 1 4 - π / 2 π / 2 cos 4 θ + 1 2 + 2 cos 2 θ + 1 d θ

- π / 2 π / 2 c o s 4 θ d θ = 1 4 - π / 2 π / 2 cos 4 θ + 4 cos 2 θ + 3 2 d θ

Como,

cos n θ d θ = sen n θ n + C

- π 2 π 2 c o s 4 θ d θ = 1 8 sen 4 θ 4 + 4 sen 2 θ 2 + 3 θ - π 2 π 2 = 3 π 8

Passo 5

Voltando ao nosso problema, temos:

I z =   4 δ 5 - π / 2 π / 2 cos 4 θ d θ

Substituindo o resultado encontrado,

I z =   4 δ 5 3 π 8 = 3 π δ 5 2

Resposta

I z = 3 π δ 5 2

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